Proposición 2

Dadas las mismas cosas que antes, demostrar que no hay ninguna otra asíntota comprendida en el ángulo de las rectas GD y GE.

Supongamos que hay otra asíntota GQ , y tracemos por B una paralela BQ a GD que corta a GQ en el punto Q , y tomemos DH=BQ, y tracemos la recta de unión HQ que prolongaremos hasta los puntos K, L y M de intersección con la hipérbola, su diámetro y la recta GE, respectivamente . Ya que BQ y DH son iguales y paralelas, también serán iguales y paralelas DB y HQ . Ya que AB es bisecada en G y haberse añadido BL a ella, ALLB+GB2=(GL+GB)(GLGB)+GB2=GL2GB2+GB2=GL2 [Euclides:Prop. II.6]. Análogamente, ya que HM es paralela a DE y DB=BE, será LH=LM.

Y ya que HQ=DB, KH>DB. Como MK>BE, ya que LM>BE, entonces MKKH>DBBE, y como DB=BE, entonces MKKH>DB2.

Por otra parte, GB2BD2=ABBZ [Prop. II.1] y ALLBLK2=ABBZ [Prop. I.21] y , por semejanza de triángulos, GL2LH2=GB2BD2, de donde ALLBLK2=GL2LH2, luego GL2ALLBLH2LK2=GL2LH2.

Entonces, ya que GL2ALLB=GB2 y LH2LK2=(LH+LK)(LHLK)=MKKH, se tiene que GB2MKKH=GL2LH2 y como GL2LH2=GB2BD2, entonces GB2MKKH=GB2BD2. Por tanto MKKH=BD2, y esto es imposible ya que ha sido demostrado que MKKH>BD2. Así QH no es una asíntota a la sección.

Q. E. D.